holychendi
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(Ⅰ)由已知Q(3,0),F
1B⊥QB,
|QF
1|=4c=3+c,所以c=1. …(1分)
在Rt△F
1BQ中,F
2为线段F
1Q的中点,
故|BF
2|=2c=2,所以a=2.…(2分)
于是椭圆C的标准方程为
x2
4+
y2
3=1.…(4分)
(Ⅱ)设l:y=kx+2(k>0),M(x
1,y
1),N(x
2,y
2),取MN的中点为E(x
0,y
0).
假设存在点A(m,0),
使得以AM,AN为邻边的平行四边形为菱形,则AE⊥MN.
y=kx+2
x2
4+
y2
3=1⇒(4k2+3)x2+16kx+4=0,
△>0⇒k2>
1
4,又k>0,所以k>
1
2.…(6分)
因为x1+x2=−
16k
4k2+3,
所以x0=−
8k
4k2+3,y0=kx0+2=
6
4k2+3. …(8分)
因为AE⊥MN,所以kAE=−
1
k,即
6
4k2+3−0
−8k
4k2+3−m=−
1
k,
整理得m=−
2k
4k2+3
1年前
3