同行是你和我 幼苗
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(Ι)令h(x)=f(x)−g(x)=lnx−
1
2ax2+2x,h′(x)=
1
x−ax+2
依题意,h′(
1
2)=h′(1),解之,a=-2
(Ⅱ) 依题意,h′(x)=
1
x−ax+2≤0,∀x∈(
1
3,1)恒成立,
a≥
1
x2+
2
x,
∵[1/x∈(1,3)∴a≥15
(Ⅲ)∵f′(x)=
1
x,g′(x)=ax−2,
假设有可能平行,
则存在a使f′(
x1+x2
2)=g′(
x1+x2
2),
2
x1+x2=
a
2(x1+x2)−2,
2(x1−x2)
x1+x2=
a
2(x1+x2)(x1−x2)−2(x1−x2)
2(x1−x2)
x1+x2]=(
1
2ax12−2x1)−(
1
2ax22−2x2)lnx1=
1
2ax12−2x1,lnx2=
1
2ax22−2x2,
2(x1−x2)
x1+x2=lnx1-lnx2=ln
x1
x2,
不妨设x1>x2>0,t=
x1
x2>1
2(t−1)
t+1=lnt存在大于1的实根,
φ(t)=
2(t−1)
t+1−lntφ′(t)=
−(t−1)2
t(t+1)2<0,φ(t)是减函数,
∴φ(t)<φ(1)=0,这与存在t>1使φ(t)=0矛盾,
故C1在点M处的切线与C2在点N处的切线不可能平行.
点评:
本题考点: 利用导数研究函数的单调性;利用导数研究曲线上某点切线方程.
考点点评: 本题主要考查导数的应用,根据函数单调性和导数之间的关系是解决本题的关键.综合性较强,难度较大.
1年前
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(2014•抚顺一模)已知函数f(x)=ax2-2x+lnx
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已知函数f(x)=lnx-[1/2]ax2-2x(a<0).
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(2015•重庆一模)已知函数f(x)=12ax2+2x−lnx
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已知函数f(x)=[1/2]ax2+2x,g(x)=lnx.
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已知函数f(x)=lnx,g(x)=[1/2]ax2-2x.
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已知函数f(x)=[1/2]ax2+2x,g(x)=lnx.
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已知函数f(x)=[1/2]ax2-2x+2+lnx,a∈R.
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你能帮帮他们吗