已知函数f（x）=（x2-3x+3）ex，x∈[-2，t]（t＞-2）

解题思路：（Ⅰ）由f（x）=（x²-3x+3）e^x，x∈[-2，t]（t＞-2），知f′（x）=（2x-3）e^x+e^x（x²-3x+3）=e^xx（x-1）．由此能求出当t＜1时，函数y=f（x）的单调区间．
（Ⅱ）令m=f（-2）=13e^-2，n=f（t）=（t²-3t+3）e^t，设h（t）=n-m=（t²-3t+3）e^t-13e^-2，故h′（t）（2t-3）e^t+e^t（t²-3t+3）=e^t（t²-3t+3），列表讨论知h（t）的极小值为h（1）=e-＞0，由此能够证明n＞m．
（Ⅲ）由g（x）=（x²-3x+3）e^x+（x-2）e^x=（x²-2x+1）e^x=（x-1）2 e^x，知g′（x）=（2x-2）e^x+e^x（x²-2x+1）=e^x（x²-1），设x＞1时，假设存在[a，b]，使y=g（x）在[a，b]上的值域也是[a，b]．由此能够推导出不存在区间[a，b]满足题意．

（Ⅰ）∵f（x）=（x²-3x+3）e^x，x∈[-2，t]（t＞-2），
∴f′（x）=（2x-3）e^x+e^x（x²-3x+3）=e^xx（x-1）．
①当-2＜t≤0时，x∈（-2，t），f′（x）＞0，f（x）单调递增．
②当0＜t＜1时，x∈（-2，0），f′（x）＞0，f（x）单调递增．
x∈（0，t），f′（x）＜0，f（x）单调递减．
综上所述，当-2＜t≤0时，y=f（x）单调递增区间为（-2，t）；
当0＜t＜1时，y=f（x）单调递增区间为（-2，0），减区间为（0，t）．
（Ⅱ）f（t）＞f（-2）．
证明：令m=f（-2），n=f（t），则m=13e^-2，n=（t²-3t+3）e^t，
设h（t）=n-m=（t²-3t+3）e^t-13e^-2，
∴h′（t）=（2t-3）e^t+e^t（t²-3t+3）
=e^tt（t-1），（t＞-2）．
h（t），h′（t）随t变化如下表：

由上表知h（t）的极小值为h（1）=e-
13
e2=
e3−13
e2＞0．
又h（-2）=0，
∴当t＞-2时，h（t）＞h（-2）＞0，即h（t）＞0．
因此，n-m＞0，即n＞m，
所以f（t）＞f（-2）．
（Ⅲ）g（x）=（x²-3x+3）e^x+（x-2）e^x=（x²-2x+1）e^x=（x-1）2 e^x，
g′（x）=（2x-2）e^x+e^x（x²-2x+1）=e^x（x²-1），
设x＞1时，g（x）存在保值区间，即存在[a，b]，使y=g（x）在[a，b]上的值域也是[a，b]．
因为x＞1时，g′（x）＞0，所以y=g（x）单调递增．
故应有

g(a)＝(a−1)2ea＝a
g(b)＝(b−1)2eb＝b，
即方程（x-1）²e^x=x有两个大于1的不等根，
设φ（x）=（x-1）²e^x-x，（x＞1），
φ′（x）=e^x（x²-1）-1，
设k（x）=e^x（x²-1）-1，（x＞1），k′（x）=e^x（x²+2x-1），
当x＞1时，k′（x）＞0，即k（x）在（1，+∞）递增，
又k（1）=-1＜0，k（2）=3e²-1＞0．
∴x∈（1，2）时存在唯一的x₀，使k（x₀）=0．
即存在唯一的x₀，使φ′（x₀）=0．
φ（x），φ′（x）随x的变化如下表：

由上表知，φ（x₀）＜φ（1）=-1＜0，
φ（2）=e²-2＞0，
故y=φ（x）的大致图象如图，


因此φ（x）在（1，+∞）只能有一个零点，
这与φ（x）=0有两个大于1的不等根矛盾，
故不存在区间[a，b]满足题意，即函数g（x）不存在保值区间．

点评：
本题考点： 导数在最大值、最小值问题中的应用；利用导数研究函数的单调性；不等关系与不等式．

考点点评： 本题考查函数的单调区间的求法，考查不等式的证明，探索满足条件的区间是否存在．综合性强，难度大，具有一定的探索性，对数学思维的要求较高，解题时要认真审题，仔细解答，注意导数性质的灵活运用