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旧狂 幼苗
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(1)∵函数f(x)=xα-lnx,∵α=2,
∴f′(x)=2x-[1/x]=
2x2−1
x(x≥0)
当f′(x)>0时,x>
2
2,f(x)为增函数;
当f′(x)<0时,0<x<
2
2,f(x)为减函数;
∴函数f(x)的单调增区间:(
2
2,+∞);
函数f(x)的单调减区间:(0,
2
2);
(2)∵不等式f(x)>0恒成立,
∴f(x)的最小值大于等于0,即可,
f′(x)=αxα-1-[1/x],
令f′(x)=0,可得x=
α
1
α
,是惟一的极值点,也是最小值点,
f(x)min=f(
α
1
α
)=[(
1
α)
1
α]α-ln(
1
α)
1
α=[1/α]-[1/α]ln[1/α]=[1/α](1-ln[1/α])>0,
解得α>[1/e];
(3)用归纳法进行证明:
当n=1,可得1<4成立;
假设当n=k时不等式成立,即1
1
1•2
1
4•3
1
9…k
1
k2<4成立,
那么当n=k+1时,
有1
1
1•2
1
4•3
1
9…k
1
k2•(k+1)
1
(k+1)2<4×(k+1)
1
(k+1)2,
∵n
1
n2=
n2n
,令f(x)=x
1
x2,两边取对数:
lnf(x)=[1
x2lnx,(x>0),当x>0时,x>lnx
两边求导
f′(x)
f(x)=
x−lnx
x4,可得f′(x)=
x−lnx
x4f(x)=
x−lnx
x4•x
1
x2>0,
f(x)为增函数,当x→+∞,可有
x2x/]=1,
∴0<n
1
n2<1,令n=k+1,
∴0<(k+1)
1
(k+1)2<1,
∴4×(k+1)
1
(k+1)2<4,
∴n=k+1时不等式也成立;
∴1
1
1•2
1
4•3
1
9…n
1
n2<4即证;
点评:
本题考点: 利用导数研究函数的单调性;函数恒成立问题;不等式的证明.
考点点评: 此题考查利用导数研究函数的单调性,第一问是特殊条件,第二问是一般条件,第三问比较难,利用数学归纳法进行证明,会比较困难,考查的知识点比较多,是一道难题.
1年前
1年前3个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
已知函数f(x)=ax+lnx−b在x=2处取得极值ln2.
1年前1个回答
函数y=ln2x+lnx-2(1/e≤x≤e)的最大值,最小值为
1年前1个回答
你能帮帮他们吗