（2011•新余二模）如图所示，在坐标系xOy内有一半径为a的圆形区域，圆心坐标为O1（a，0），圆内分布有垂直纸面向里
（2011•新余二模）如图所示，在坐标系xOy内有一半径为a的圆形区域，圆心坐标为O1（a，0），圆内分布有垂直纸面向里的匀强磁场．在直线y=a的上方和直线x=2a的左侧区域内，有一沿y轴负方向的匀强电场，场强大小为E．一质量为m、电荷量为+q（q＞0）的粒子以速度v从O点垂直于磁场方向射入，当速度方向沿x轴正方向时，粒子恰好从O1点正上方的A点射出磁场，不计粒子重力．（1）求磁感应强度B的大小；
（2）粒子在第一象限内运动到最高点时的位置坐标；
（3）若粒子以速度v从O点垂直于磁场方向射入第一象限，当速度方向沿x轴正方向的夹角θ=30°时，求粒子从射入磁场到最终离开磁场的时间t．
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解题思路：（1）根据几何关系先得到圆心、半径，再根据洛伦兹力提供向心力列式求解；
（2）粒子离开磁场后，进入电场，根据动能定理列式求解；
（3）粒子在磁场中做圆周运动，先得到第一次圆心和射出点，进入电场后，又沿原路返回，再得到第二次圆心和射出点，最后得到总时间．
（2）粒子离开磁场后，进入电场，根据动能定理列式求解；
（3）粒子在磁场中做圆周运动，先得到第一次圆心和射出点，进入电场后，又沿原路返回，再得到第二次圆心和射出点，最后得到总时间．
（1）设粒子在磁场中做圆运动的轨迹半径为R，根据牛顿第二定律，有
qvB＝
mv2
R
粒子自A点射出，由几何知识
R=a
解得
B＝
mv
qa
即磁感应强度B的大小为[mv/qa]．
（2）粒子从A点向上在电场中做匀减运动，
设在电场中减速的距离为y1
由动能定理，得到
−Eqy1＝0−
1
2mv2
解得
y1＝
mv2
2Eq
所以在电场中最高点的坐标为（a，a+
mv2
2Eq）．
（3）粒子的运动轨迹如图
粒子在磁场中做圆运动的周期T＝
2πa
v
粒子从磁场中的P点射出，因磁场圆和粒子的轨迹圆的半径相等，OO1PO2构成菱形，故粒子从P点的出射方向与y轴平行，粒子由O到P所对应的圆心角为：θ1=60°
由几何知识可知，粒子由P点到x轴的距离
S=acosθ
粒子在电场中做匀变速运动，在电场中运动的时间
t1＝
2mv
qE
粒子由P点第2次进入磁场，
由Q点射出，PO1QO3 构成菱形，
由几何知识可知Q点在x轴上，粒子由P到Q的偏向角为：θ2=120°
则θ1+θ2=π
粒子先后在磁场中运动的总时间
t2＝
T
2
粒子在场区之间做匀速运动的时间
t3＝
2(a−S)
v
解得粒子从射入磁场到最终离开磁场的时间
t＝t1+t2+t3＝
(2+π−
3)a
v+
2mv
qE
故粒子从射入磁场到最终离开磁场的时间t为
(2+π−
3)a
v+
2mv
qE．
点评：
本题考点： 带电粒子在匀强磁场中的运动；牛顿第二定律；匀速圆周运动；向心力．
考点点评： 本题关键先确定圆心、半径，然后根据洛伦兹力提供向心力列式求解；第三问关键先根据题意，分析后画出物体的运动轨迹，然后再列式计算．
1年前
9
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