robbieyu
幼苗
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解题思路:(1)在开区间上,最值点是驻点.所以先求f'(x)=0的解,找到f(x)的驻点.再分析f'(x)在驻点两边的正负,判断f(x)的单调性,左增右减,驻点为最大值点;左减右增,驻点为最小值点.
(2)先利用单调有界原理证明x
n极限存在.由(1)的结论知道f(x
n)=
lnxn+≥1,结合(2)中条件可知
<1 |
xn],从而证明了{xn}是单调的;再证数列有界,由于xn在f(x)定义域内,所以xn>0;利用放缩法,lnxn≤lnxn+<1,可以得到0<xn<e,从而{xn}有界.再确定{xn}极限存在以后,设其为a,对(2)中不等式两边取极限,得到lna+≤1,而由(1)的结论可知f(a)=lna+≥1,由此确定f(a)=1.也就是说a是f(x)的最小值点.
(1)f′(x)= 1 x− 1 x2= x−1 x2, 令f'(x)=0,得唯一驻点x=1, 当x∈(0,1)时,f'(x)<0,函数单调递减;当x∈(1,∞)时,f'(x)>0,函数单调递增. 所以函数x=1处取得最小值f(1)=1. (2)证明:由于lnxn+ 1 xn+1<1,但lnxn+ 1 xn≥1,所以[1 xn+1< 1 xn,故数列{xn}单调递增. 又由于lnxn≤lnxn+ 1 xn+1<1,得到0<xn<e,数列{xn}有界. 由单调有界收敛定理可知极限 lim n→∞xn存在. 令 lim n→∞xn=a,则 lim n→∞(lnxn+ 1 xn+1)=lna+ 1/a≤1,由(1)的结论可知 lim n→∞xn=a=1.
点评: 本题考点: 数列极限的求解;最值定理及其推论的运用. 考点点评: 本题考察了最值定理及其推论的相关应用,同时也考察用单调有界原理证明数列极限存在性,以及数列极限的求法.需注意,在求开区间最值时,往往先求函数的驻点,然后判断驻点是否为最值点;对数列极限存在性的证明,要从数列的有界性和单调性两方面入手;在已知极限存在的情况下,可以直接对等式或者不等式两边取极限,得到数列极限的一个方程,在通过解方程求出极限值.
1年前
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