（2014•山西模拟）已知函数f（x）=x+alnx-1，a∈R．

（1）由f（x）=x+alnx-1，x＞0，得f′（x）=1+[a/x]=[x+a/x]，
当a≥0时，f′（x）＞0，f（x）在（0，+∞）上单调递增，
当a＜0时，若x＞-a，
则f′（x）＞0，f（x）在（-a，+∞）上单调递增，
若0＜x＜-a，则f′（x）＜0，f（x）在（0，-a）上单调递减．
综上所述，当a≥0时，f（x）的单调递增区间为（0，+∞）；
当a＜0时，f（x）的单调递增区间为（-a，+∞），单调递减区间为（0，-a）．
（2）令g（x）=f（x）-lnx=x+（a-1）lnx-1，x∈[1，+∞），
则g′（x）=[x+a−1/x]．
由g′（x）=0得x=1-a，
当a≥0时，即1-a≤1时，g′（x）≥0，g（x）在[1，+∞）上单调递增，
∴g（x）_min=g（1）=0，因此，当a≥0时，g（x）≥0，f（x）≥lnx对于任意x∈[1，+∞）恒成立．
当a＜0时，即1-a＞1时，若1＜x＜1-a，
则g′（x）＜0，g（x）在（1，1-a）上单调递减，
所以g（x）＜g（1）=0，不满足
g（x）≥0，x∈[1，+∞），
即不满足f（x）≥lnx对于任意x∈[1，+∞）恒成立．
综上所述，a的取值范围是[0，+∞）．