guaiguai521 幼苗
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①当木块恰好滑到木板的右端时,两者速度相等,I最小,木块与木板组成的系统动量守恒,以小木块的初速度方向为正方向,由动量守恒定律得:
mv0=(m+M)v1,解得:v1=[1/6]v0,
对系统,以小木块的速度方向为正方向,由能量守恒定律得:
μmgL=[1/2]mv02-[1/2](M+m)v12,
速度:v0=[I/m],
联立并代入数据得:I=2
3N•s;
②对长木块,由动量定理得:μmgt=Mv-0,
代入数据得:t=
2
3
3s;
答:①给小木块一个水平向右的冲量I,使小木块从长木板右端脱离出来,冲量I的最小值为2
3N•s;
②在①的条件下,小木块在长木板上滑行的时间为
2
3
3s.
点评:
本题考点: 动量守恒定律;动能定理的应用.
考点点评: 本题考查了动量守恒定律的应用,应用动量守恒定律与动量定理即可正确解题,知道:木块恰好滑到木板的右端两者速度相等时冲量最小,是正确解题的关键.
1年前
1年前1个回答
你能帮帮他们吗