（2008•奉贤区二模）如图，在矩形ABCD中，对角线AC=10，点B到AC的距离为4，E、F是对角线AC上的两个动点，

解题思路：（1）过点B作BM⊥AC于点M，根据两角对应相等的两三角形相似得出△AMB∽△BMC，由相似三角形对应边成比例得出BM：MC=AM：BM，即BM²=AM•MC，设MC=x，列出方程，解方程求出x的值，根据三角函数的定义即可求出∠ACB的正切值；
（2）分三种情况讨论：①点H在直角边AD上；②点H在直角边CD上，且H在G的左边；③点H在直角边CD上，且H在G的右边．先用含t的代数式分别表示HE，GF，EF，再利用梯形的面积公式S=[1/2]（GF+HE）•EF，即可求解；
（3）以E为圆心，EH为半径的圆E，与以F为圆心，FG为半径的圆F外切时，根据两圆外切时圆心距等于两圆半径之和，得出EH+FG=EF．再分三种情况讨论：①点H在直角边AD上；②点H在直角边CD上，且H在G的左边；③点H在直角边CD上，且H在G的右边．先用含t的代数式分别表示HE，GF，EF，再根据EH+FG=EF列出方程，解方程即可．

（1）过点B作BM⊥AC于点M，则BM=4，
由题意可得，∠ACB=∠ABM=90°-∠CBM，
又∵∠AMB=∠BMC=90°，
∴△AMB∽△BMC，
∴BM：MC=AM：BM，即BM²=AM•MC，
设MC=x，则AM=10-x，
∴4²=x（10-x），
解得x=2或x=8（不合题意，舍去）．
∴tan∠ACB=[BM/MC]=[4/2]=2；

（2）①当点H在直角边AD上时，如原题图．
由题意知，AE=CF=t，EF=10-2t，
在Rt△AHE中，tan∠DAC=tan∠ACB=[HE/EA]=2，
∴HE=2t，同理 GF=[1/2]t，
∴由HE、EF、FG、GH围成的图形面积S=[1/2]（[1/2]t+2t）（10-2t）=-[5/2]t²+[25/2]t，
即S=-[5/2]t²+[25/2]t（0＜t≤2）；
②当点H在直角边CD上，且H在G的左边时，如备用图1．
由题意得，AE=CF=t，EF=10-2t，EC=10-t，HE=[1/2]（10-t），GF=[1/2]t，
∴由HE、EF、FG、GH围成的图形面积S=[1/2][[1/2]（10-t）+[1/2]t]（10-2t）=25-5t，
即S=25-5t（2＜t＜5）；
③当点H在直角边CD上，且H在G的右边时，如备用图2．
由题意得，AE=CF=t，EF=2t-10，EC=10-t，HE=[1/2]（10-t），GF=[1/2]t，
∴由HE、EF、FG、GH围成的图形面积S=[1/2][[1/2]（10-t）+[1/2]t]（2t-10）=5t-25，
即 S=5t-25（5＜t≤8）；

（3）设以E为圆心，EH为半径的圆E，与以F为圆心，FG为半径的圆F外切，
那么应满足EH+FG=EF．
①当点H在直角边AD上时，
∵HE=2t，GF=[1/2]t，EF=10-2t，
∴2t+[1/2]t=10-2t，解得t=[20/9]．
∵0＜t≤2，∴t=[20/9]不合题意，舍去；
②当点H

点评：
本题考点： 相似三角形的判定与性质；矩形的性质；圆与圆的位置关系；解直角三角形．

考点点评： 本题考查了矩形的性质，相似三角形的判定与性质，解直角三角形，梯形的面积，圆与圆的位置关系，综合性较强，有一定难度．运用数形结合、分类讨论及方程思想是解题的关键．