2014兰州市物理中考填空题解答

二、填空题（共8小题,每空1分,共16分）17．（2分）（2014•兰州）天然气属于　不可再生　能源（选填“可再生”或“不可再生”）；太阳能来源于太阳内部发生的核　聚变　（选填“裂变”或“聚变”）． 考点：能源的分类；太阳能．专题：能源的利用与发展．分析：（1）解答本题要清楚可再生能源与不可再生能源的区别,使用之后可以在短时间内从自然界中再次产生的能源是可再生能源,使用之后在短时间内无法在自然界中再次产生的能源是不可再生能源；（2）太阳内部进行着核聚变,由氢原子核聚变成氦原子核,释放出核能．根据可再生和不可再生能源的区别,可知：煤、石油、天然气等化石源是短时间内不能再次产生的,是不可再生能源；在太阳内部,氢原子核在超高温作用下发生聚变,释放巨大的核能．故答案为：不可再生；聚变．点评：本题考查了可再生能源和不可再生能源的特点,太阳能的利用和进行的核反应的类型．　18．（2分）（2014•兰州）有两个电阻：R₁=3Ω,R₂=4Ω,若将它们串联在电路中,则在相同时间内消耗的电能之比W₁：W₂=　3：4　；若将它们并联在电路中,则在相同时间内产 生的热量之比Q₁：Q₂=　4：3　． 考点：电功与热量的综合计算．专题：电和热综合题．分析：（1）串联电路中电流相等,根据W=UIt=I²Rt可以求出消耗电能之比；（2）并联电路两端的电压相等,根据Q=W= t求出产生热量之比．（1）它们串联在电路中,在相同时间内消耗的电能之比：= =；（2）将它们并联在电路中,在相同时间内产生的热量之比：= = = =．故答案为：3：4； 4：3．点评：此题主要考查的是学生对串并联电路电流、电压特点和电功、电热计算公式的理解和掌握,综合性较强,注意变形公式的熟练运用．　19．（3分）（2014•兰州）山地自行车的变速器是通过改变链盘和飞轮的大小,从而达到调节骑行速度和调节骑手骑行时脚上用力大小的目的．用力蹬脚踏板使自行车加速前进时,后轮受到的摩擦力向　前　（选填“前”或“后”）．在上坡时,为了更省力,应适当变换调速器,即采用较　大　的链盘和较　小　的飞轮组合（两空均选填“大”或“小”）． 考点：摩擦力的方向；轮轴及其他常见简单机械．专题：重力、弹力、摩擦力；简单机械．分析：（1）摩擦力的方向总是物体相对运动方向相反；（2）速度减小,可以增大动力．（1）用力蹬脚踏板使自行车加速前进时,后轮相对地面向后运动,所以后轮受到的摩擦力向前；（2）在上坡时,为了更容易上坡,应适当变换调速器减速,即采用较大的链盘和较小的飞轮组合；故答案为：前；大；小．点评：此题是一道联系生活的题目,关于自行车的很多知识,要注意多观察,运用学过的知识分析解答．　20．（2分）（2014•兰州）如图所示,将一重力为18N,体积为2×10^﹣3m³的蜡块用细线系在弹簧测力 计的挂钩上,将它浸没在酒精中,则蜡块受到的浮力是　16　N,此时测力计的示数是　2　N（g=10N/kg,ρ_酒精=0.8×10³kg/m³）． 考点：浮力大小的计算．专题：浮力．分析：利用F_浮=ρgV_排可求出浮力大小,蜡块在酒精中时测力计的示数等于蜡块在空气中的重力减去蜡块所受浮力．将它浸没到酒精中时,所受浮力F_浮=ρ_酒精gV_排=0.8×10³kg/m³×10N/kg×2×10^﹣3m³=16N,则测力计的示数F=G﹣F_浮=18N﹣16N=2N；故答案为：16；2．点评：本题考查物体的漂浮条件和阿基米德原理的应用,会利用称重法解答有关的问题．　21．（2分）（2014•兰州）如图所示,在毽子被踢出后竖直上升的过程中,它的动能　减小　,重力势能　增大　（选填“增大”、“减小”或“不变”）． 考点：动能和势能的大小变化．专题：机械能及其转化．分析：（1）物体由于运动而具有的能叫做动能,影响动能大小的因素是质量和速度；（2）物体由于被举高而具有的能叫做重力势能,影响重力势能大小的因素是质量和高度．毽子被踢出后竖直上升的过程中,质量不变,速度减小,因此动能减小；高度增大,因此重力势能增大．故答案为：减小；增大．点评：本题考查了学生对动能和重力势能大小变化的判断,能够分清影响动能和势能大小的因素是解题的关键．　22．（2分）（2014•兰州）如图所示,用弹簧测力计水平匀速拉动重为5N的木块,使它沿水平方向在10s内移动了1m,则在这个过程中木块受到的摩擦力是　1.8　N,水平拉力的功率是　0.18　W． 考点：二力平衡条件的应用；功率的计算．专题：运动和力；功、功率、机械效率．分析：木块做匀速直线运动,拉力等于摩擦力,木块在竖直方向上静止,水平木板对木块的支持力等于木块的重力,根据公式W=FS可求拉力做的功,根据P=计算拉力的功率．弹簧测力计分度值为0.2N；示数为1.8N,拉力等于摩擦力为1.8N；拉力做功W=Fs=1.8N×1m=1.8J,拉力的功率P== =0.18W．故答案为：1.8；0.18．点评：本题考查二力平衡条件的应用和功的计算,关键是知道平衡力大小相等,方向相反,作用在同一直线上,作用在同一物体上；做功的条件是有力作用在物体上和物体在力的方向上移动距离．　23．（1分）（2014•兰州）如图所示,利用滑轮组匀速提升重物,经过10s,重物被提升了3m,则绳子自由端移动的速度是　0.6　m/s． 考点：滑轮组及其工作特点．专题：简单机械．分析：根据s=2h求出绳子自由端移动的距离,根据v=求出速度．滑轮组有2段绳子承担总重,绳子自由端移动距离s=2h=2×3m=6m,移动的速度v== =0.6m/s．故答案为：0.6．点评：本题主要考查的是学生对滑轮组特点的认识、速度大小计算的理解和掌握,基础性题目．　24．（2分）（2014•兰州）在如图所示的电路中,电阻R₁=6Ω,R₂=8Ω,电源电压及定值电阻R的阻值未知,当开关S接位置1时,电流表的示数为0.4A,则此时R₁两端的电压是　2.4　V；当开关S接位置2时,电流表的示数将大于　0.3　A且小于0.4A． 考点：欧姆定律的应用．专题：电路和欧姆定律．分析：由电路可知,当开关S接位置1时,电路中只有R₁,由欧姆定律的公式变形可求得电源电压； 开关接1时R₁与R串联,由欧姆定律可列出关系式；开关接2时R₂与R串联,同理由欧姆定律列出方程式．因电压保持不变,故可以得出I与R的关系式,由极限法分析方程式可得出结论．当开关S接位置1时,电路中只有R₁,由I=得,电源电压U=IR=0.4A×6Ω=2.4V；当开关接位置1时,由欧姆定律得：U=0.4（R₁+R）当开关接位置2时,由欧姆定律得：U=I（R₂+R）因电压值不变,故可得：0.4A（6Ω+R）=I（8Ω+R）解得：I= ,由分式的加减法可得：I= =0.4A﹣ 因R未知,故R可能为从0到无穷大的任意值,当R=0时,I=0.4A﹣0.1A=0.3A当R取无穷大时,I无限接近于0.4A．故电流值可以从0.3A到0.4A．故答案为：2.4；0.3．点评：这是一道结合串联电路的特点考查欧姆定律的应用而又构思独特的试题．对电路的分析不是解答本题的难点所在,本题难点在于如何得出等量 关系,并且灵活应用极限法进行分析．通过本题应注意体会数学知识与物理知识的紧密结合．　希望能帮到你,满意请采纳,有问题欢迎追问