红色外套5 幼苗
共回答了20个问题采纳率:80% 举报
(Ⅰ)由于函数g′(x)=(-ax)′+f′(x)=-a+1+lnx,其定义域为(0,+∞)
令g′(x)>0,x>ea-1,令g′(x)<0,0<x<ea-1,
则函数g(x)的单调增区间为(ea-1,+∞),
函数g(x)的单调减区间为(0,ea-1);
(Ⅱ))因为f(x)=xlnx,所以f(x)+x-k(x-1)>0对任意x>1恒成立,
即k(x-1)<x+xlnx,
因为x>1,
也就是k<[x•lnx+x/x−1]对任意x>1恒成立.
令h(x)=[x•lnx+x/x−1],
则h′(x)=
x−lnx−2
(x−1)2,
令φ(x)=x-lnx-2(x>1),
则φ′(x)=1−
1
x=
x−1
x>0,
所以函数φ(x)在(1,+∞)上单调递增.
因为φ(3)=1-ln3<0,φ(4)=2-2ln2>0,
所以方程φ(x)=0在(1,+∞)上存在唯一实根x0,且满足x0∈(3,4).
当1<x<x0时,φ(x)<0,
即h′(x)<0,当x>x0时,φ(x)>0,即h′(x)>0,
所以函数h(x)=[x•lnx+x/x−1]在(1,x0)上单调递减,
在(x0,+∞)上单调递增.
所以[h(x)]min=h(x0)=
x0(1+inx0)
x0−1=
x0(1+x0−2)
(x0−1)=x0∈(3,4).
所以k<[g(x)]min=x0
因为x0∈(3,4).
故整数k的最大值是3.
点评:
本题考点: 利用导数研究函数的单调性;函数恒成立问题.
考点点评: 本题考查了利用导数研究函数的单调区间,考查了数学转化思想,解答此题的关键是,在求解(Ⅱ)时如何求解函数h(x)的最小值,学生思考起来有一定难度.
1年前
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前3个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
1年前1个回答
你能帮帮他们吗