krerw
幼苗
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解题思路:(1)对
f(x)+2f(−x)=ax+2()x+xlna(a>1)分别取x与-x代入即可得出.
(2)利用导数研究函数的单调性即可得出;
(3)由(2)得 a
x-xlna≥1恒成立,令a=e,则e
x≥x+1.在e
x≥x+1中令x=-[k/n](k=1,2,…n-1),可得1-[k/n]≤
e−,得到
(1−)n≤e−k.对k分别取k=1,2,3,…,n,然后累加求和即可证明.
(1)依题意得
f(x)+2f(−x)=ax+2(
1
a)x+xlna
f(−x)+2f(x)=(
1
a)x+2ax−xlna
解之得f(x)=ax-xlna(a>1).
(2)f'(x)=axlna-lna=(ax-1)lna.
当x>0时,f'(x)>0;当x<0时,f'(x)<0.
∴f(x))在(-∞,0)上递减,在(0,+∞)上递增.
∴f(x)min=f (0)=1.
(3)由(2)得 ax-xlna≥1恒成立,令a=e,则ex≥x+1.
在ex≥x+1中令x=-[k/n](k=1,2,…n-1),
∴1-[k/n]≤e−
k
n,∴(1−
k
n)n≤e−k.
∴(1-[1/n])n≤e-1,(1-[2/n])n≤e-2,…,(1-[n−1/n])n≤e-(n-1),([n/n])n=1.
∴([n/n])n+([n−1/n])n+([n−2/n])n+…+([1/n])n≤1+e-1+e-2+…+e-(n-1)
=
1−(
1
e)n
1−
1
e=
e[1−(
1
e)n]
e−1<
e
e−1
点评:
本题考点: 反证法与放缩法;函数解析式的求解及常用方法;导数在最大值、最小值问题中的应用.
考点点评: 本题考查了利用导数研究函数的单调性并利用结论证明新的结论、累加求和、求函数解析式等基础知识与基本技能方法,属于难题.
1年前
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