如图所示，水平光滑地面上停放着一辆小车，左侧靠在竖直墙壁上，小车的四分之一圆弧轨道AB光滑，在最低点B与水平轨道BC相切

（1）物块由C到B的过程对物块由动能定理得：
−μmgL＝
1
2m
v2B−
1
2mv2
代入数据，解得：v_B=6m/s
根据牛顿第二定律，有：FN−mg＝
m
v2B
R
代入数据，解得：F_N=46N
由牛顿第三定律，物块到达圆弧轨道最低点B时对轨道的压力F_N′═46N，方向竖直向下．
由机械能守恒定律：mgh=[1/2m
v2B]
解得：h=1.8m
（2）设物块滑回B点至轨道末端C处分离用时t，
对物块由牛顿第二定律μmg=ma₁
对小车有：μmg=Ma₂
v_Bt-[1/2]a₁t²-[1/2]a₂t²=L
解得：t=[2/3] s
分离时小车速度最大v_车=a₂t
解得：v_车=1.33 m/s．
答：（1）物块到达圆弧轨道最低点B时对轨道的压力为46 N，方向竖直向下；离开B点上升的最大高度为1.8 m
（2）物块滑回B点后再经[2/3]s离开小车，小车运动的最大速度为1.33 m/s．

点评：
本题考点： 动能定理的应用；匀变速直线运动的位移与时间的关系；牛顿第二定律；牛顿第三定律．

考点点评： 本题考查牛顿第二定律和第三定律及动能定理的应用，关键分析物体及小车的运动状态，是考查综合分析及应用能力的好题目．