劲度系数k=40N/m的轻弹簧，一端拴在竖直墙上，另一端拴物体A，A的质量为mA=0.2kg，在A的上表面放有质量mB=

解题思路：在最大位移处，加速度最大，静摩擦力最大，只要不超过最大静摩擦力即可．

设位移为x，对整体受力分析，受重力、支持力和弹簧的弹力，根据牛顿第二定律，有：
kx=（m_A+m_B）a ①
对B物体受力分析，受重力、支持力和静摩擦力，静摩擦力提供回复力，根据牛顿第二定律，有：
f=m_Ba ②
f≤F_m ③
联立解得：x≤
(mA+mB)Fm
kmB＝
(0.2+0.1)×0.2
40×0.1＝0.015m
答：振幅的最大值是0.015m．

点评：
本题考点： 简谐运动的回复力和能量；牛顿第二定律．

考点点评： 本题关键明确当位移x变大时，静摩擦力变大，然后根据牛顿第二定律并结合整体法和隔离法列式求解．

振幅的最大值决定于：位移达到振幅时，A和B之间的最大静摩擦需足够提供B的加速度a。然后把AB看做一整体，算出此时弹簧的弹力即可算出振幅，即振幅的最大值。
Fm=mB*a
kA=(mA+mB)*a
解得A=0.015m

0.015m
A,B间摩擦力取最大值0.2N，则A的加速度为2m/s2，因为AB一起运动，再用整体法，T=(mA+mB)xa=0.6N,即弹簧最大弹力为0.6N,此时弹簧伸长量为0.015m,所以振幅为0.015m
注〉三楼的错了，解出的0.015m不可以乘2