）如图所示，平面ABEF⊥平面ABCD，四边形ABEF与ABCD都是直角梯

证明略

方法一 (1) 由题设知,FG=GA,


FH=HD,所以GH AD.
又BC AD,故GH BC.
所以四边形BCHG是平行四边形.
(2) C、D、F、E四点共面.
理由如下：
由BE AF，G是FA的中点知，
BE GF，所以EF∥BG.
由（1）知BG∥CH，所以EF∥CH，故EC、FH共面.
又点D在直线FH上，所以C、D、F、E四点共面.
（3）如图，连接EG，由AB=BE，BE AG及∠BAG=90°知ABEG是正方形,故BG⊥EA.
由题设知,FA、AD、AB两两垂直，故AD⊥平面FABE，
因此EA是ED在平面FABE内的射影，根据三垂线定理，BG⊥ED.
又ED∩EA=E,所以BG⊥平面ADE.
由(1)知,CH∥BG,所以CH⊥平面ADE.
由(2)知CH 平面CDE,得平面ADE⊥平面CDE.
方法二 由题设知,FA、AB、AD两两互相垂直.
如图，以A为坐标原点，射线AB为x轴正方向，以射线AD为y轴正方向，
以射线AF为z轴正方向，建立直角坐标系A—xyz.
（1） 设AB=a，BC=b，BE=c，则由题设得
A（0，0，0），B（a，0，0），C（a，b，0），D（0，2b，0），E（a，0，c），
G（0，0，c），H（0，b，c）.
所以， =（0，b，0）， =（0，b，0），于是 = .
又点G不在直线BC上，
所以四边形BCHG是平行四边形.
（2） C、D、F、E四点共面.
理由如下：由题设知F（0，0，2c），
所以 =（-a，0，c）， =（-a，0，c）， = .
又C EF，H∈FD，故C、D、F、E四点共面.
（3） 由AB=BE，得c=a，
所以 =（-a，0，a）， =（a，0，a）.
又 =（0，2b，0），因此 · =0， · =0.
即CH⊥AE，CH⊥AD.
又AD∩AE=A，所以CH⊥平面ADE.
故由CH 平面CDFE，得平面ADE⊥平面CDE.