（2013•桂林一模）如图所示的凹形场地，两端是半径为L的光滑[1/4]圆弧面，中间是长为4L的粗糙水平面质量为3m的乙

解题思路：（1）甲从下滑到与乙碰撞前，重力和摩擦力做功，根据动能定理求解甲与乙碰撞前的速度；（2）甲乙碰撞过程，系统的动量守恒，根据动量守恒定律求出碰撞后乙的速度，根据能量守恒求解由于碰撞而损失的机械能；（3）根据牛顿第二定律和运动学公式求出甲乙两物体碰撞后在水平地面上通过的路程之比．由题，甲、乙刚好不再发生第二次碰撞，所以甲、乙在同一地点停下，有以下两种情况：第一种情况：甲返回时未到达B点时就已经停下，分析能否发生；第二种情况：甲、乙分别通过B、C冲上圆弧面后，返回水平面后相向运动停在同一地点，所以有s1+s2=8L．求出s1或s2，即可求出甲、乙停在距B点距离．

（1）设甲到达O处与乙碰撞前的速度为v_甲，由动能定理得：
m_甲gL-μ₁m_甲g•2L=[1/2m甲
v2甲]
解得：v甲＝
2gL(1−2μ1)
（2）设碰撞后甲、乙的速度分别为v_甲′、v_乙′，由动量守恒得：
m_甲v_甲=m_甲v_甲′+m_乙v_乙′，
解得：v_乙′=[1/2]
2gL(1−2μ1)
根据能量转化和守恒定律得，损失的机械能为：△E=[1/2m甲
v2甲]-[1/2m甲
v′2甲]-[1/2m乙
v′2乙]
解得△E=0
（3）由于μ₁=2μ₂，所以甲、乙在水平面上运动的加速度满足：a_甲=2a_乙．
设甲在水平地面上通过的路程为s₁，乙在水平地面上通过的路程为s₂，则有：

v′2甲=2a_甲s₁，

v′2乙=2a_乙s₂，
得：
s1
s2=[1/2] ①
由于甲、乙刚好不再发生第二次碰撞，所以甲、乙在同一地点停下，有以下两种情况：
第一种情况：甲返回时未到达B点时就已经停下，此时有：s₁＜2L，而乙停在甲所在位置时，乙通过的路程为：s₂=2L+2L+s₁=4L+s₁．
因为s₁与s₂不能满足①，因此这种情况不能发生．
第二种情况：甲、乙分别通过B、C冲上圆弧面后，返回水平面后相向运动停在同一地点，所以有
s₁+s₂=8L ②
①②式得：s1＝
8L
3或s2＝
16L
3
即甲、乙停在距B点距离为：△L=s₁-2L=[2/3L
答：
（1）甲与乙碰撞前的速度是
2gL(1−2μ1)]；
（2）由于碰撞而损失的机械能为零．
（3）甲、乙在O处发生碰撞后．刚好不再发生碰撞，甲、乙停在距B点
2
3L．

点评：
本题考点： 动量守恒定律．

考点点评： 本题前2问是常规问题，根据动能定理求速度、根据碰撞的基本规律：动量守恒定律求解碰撞乙的速度，得到动能的损失．第3问考查分析物体运动过程的能力．